仰望星空的人，不应该被嘲笑
给定一个链表，返回链表开始入环的第一个节点。 如果链表无环，则返回 null。
为了表示给定链表中的环，我们使用整数 pos 来表示链表尾连接到链表中的位置（索引从 0 开始）。 如果 pos 是 -1，则在该链表中没有环。注意，pos 仅仅是用于标识环的情况，并不会作为参数传递到函数中。
说明：不允许修改给定的链表。
进阶：
你是否可以不用额外空间解决此题？
示例 1：
输入：head=[3,2,0,-4],pos=1输出：返回索引为1的链表节点解释：链表中有一个环，其尾部连接到第二个节点。示例 2：
输入：head=[1,2],pos=0输出：返回索引为0的链表节点解释：链表中有一个环，其尾部连接到第一个节点。示例 3：
输入：head=[1],pos=-1输出：返回null解释：链表中没有环。提示：
- 链表中节点的数目范围在范围
[0, 104]内 -10^5 <= Node.val <= 10^5- pos 的值为 -1 或者链表中的一个有效索引
来源：力扣（LeetCode） 链接：https://leetcode-cn.com/problems/linked-list-cycle-ii 著作权归领扣网络所有。商业转载请联系官方授权，非商业转载请注明出处。
两个快慢指针，从头节点出发，如果链表有环，快指针肯定可以在环内和慢指针相遇。没有环就不可能再相遇，相遇必在环内。
相遇时，慢指针走的距离：D+S1D+S1
假设相遇时快指针已经绕环 n 次，它走的距离：D+n(S1+S2)+S1D+n(S1+S2)+S1
因为快指针的速度是 2 倍，所以相同时间走的距离也是 2 倍：
D+n(S1+S2)+S1 = 2(D+S1)
求解得到：(n-1)S1+ nS2=D
我们不关心在相遇时快指针已经绕了几次环，我们取 n = 1 ，消掉了 S1：
D=S2
那么，当快慢指针第一次相遇时，将快指针放回到头节点，由于 D=s2，那么我们快慢指针一起走，都走1步，它们必定会走到入环点，然后相遇，此时就可返回对应指针下标。
/** * Definition for singly-linked list. * function ListNode(val) { * this.val = val; * this.next = null; * } *//** * @param {ListNode} head * @return {ListNode} */vardetectCycle=function(head){letfast=head,low=head;// 首先，都从头节点出现while(fast){// 确保存在环if(fast.next==null)returnnull;// fast.next 为null表示无环low=low.next;// 慢指针走一步fast=fast.next.next;// 快指针走两步if(low==fast){// 初次相遇fast=head;// 快指针回到头节点while(true){if(fast==low){returnlow;}fast=fast.next;// 快慢指针一起走low=low.next;}}}returnnull;};参考 笨猪爆破组 图解
文章产出不易，还望各位小伙伴们支持一波！
往期精选：
leetcode-javascript：LeetCode 力扣的 JavaScript 解题仓库，前端刷题路线（思维导图）
小伙伴们可以在Issues中提交自己的解题代码，🤝 欢迎Contributing，可打卡刷题，Give a ⭐️ if this project helped you!
访问超逸の博客，方便小伙伴阅读玩耍~
学如逆水行舟，不进则退